[C++] 백준(BOJ) - 2342 : Dance Dance Revolution
인프런에 있는 큰돌님의 강의 10주완성 C++ 코딩테스트 | 알고리즘 코딩테스트를 듣고 정리한 필기입니다.
문제
BOJ - 2342 : Dance Dance Revolution(링크)
승환이는 요즘 “Dance Dance Revolution”이라는 게임에 빠져 살고 있다. 하지만 그의 춤 솜씨를 보면 알 수 있듯이, 그는 DDR을 잘 하지 못한다. 그럼에도 불구하고 그는 살을 뺄 수 있다는 일념으로 DDR을 즐긴다.
DDR은 아래의 그림과 같은 모양의 발판이 있고, 주어진 스텝에 맞춰 나가는 게임이다. 발판은 하나의 중점을 기준으로 위, 아래, 왼쪽, 오른쪽으로 연결되어 있다. 편의상 중점을 0, 위를 1, 왼쪽을 2, 아래를 3, 오른쪽을 4라고 정하자.
처음에 게이머는 두 발을 중앙에 모으고 있다.(그림에서 0의 위치) 그리고 게임이 시작하면, 지시에 따라 왼쪽 또는 오른쪽 발을 움직인다. 하지만 그의 두 발이 동시에 움직이지는 않는다.
이 게임에는 이상한 규칙이 더 있다. 두 발이 같은 지점에 있는 것이 허락되지 않는 것이다. (물론 게임 시작시에는 예외이다) 만약, 한 발이 1의 위치에 있고, 다른 한 발이 3의 위치에 있을 때, 3을 연속으로 눌러야 한다면, 3의 위치에 있는 발로 반복해야 눌러야 한다는 것이다.
오랫동안 DDR을 해 온 백승환은 발이 움직이는 위치에 따라서 드는 힘이 다르다는 것을 알게 되었다. 만약, 중앙에 있던 발이 다른 지점으로 움직일 때, 2의 힘을 사용하게 된다. 그리고 다른 지점에서 인접한 지점으로 움직일 때는 3의 힘을 사용하게 된다. (예를 들면 왼쪽에서 위나 아래로 이동할 때의 이야기이다.) 그리고 반대편으로 움직일때는 4의 힘을 사용하게 된다. (위쪽에서 아래쪽으로, 또는 오른쪽에서 왼쪽으로). 만약 같은 지점을 한번 더 누른다면, 그때는 1의 힘을 사용하게 된다.
만약 1 → 2 → 2 → 4를 눌러야 한다고 가정해 보자. 당신의 두 발은 처음에 (point 0, point 0)에 위치하여 있을 것이다. 그리고 (0, 0) → (0, 1) → (2, 1) → (2, 1) → (2, 4)로 이동하면, 당신은 8의 힘을 사용하게 된다. 다른 방법으로 발을 움직이려고 해도, 당신은 8의 힘보다 더 적게 힘을 사용해서 1 → 2 → 2 → 4를 누를 수는 없을 것이다.
입력
입력은 지시 사항으로 이루어진다. 각각의 지시 사항은 하나의 수열로 이루어진다. 각각의 수열은 1, 2, 3, 4의 숫자들로 이루어지고, 이 숫자들은 각각의 방향을 나타낸다. 그리고 0은 수열의 마지막을 의미한다. 즉, 입력 파일의 마지막에는 0이 입력된다. 입력되는 수열의 길이는 100,000을 넘지 않는다.
출력
한 줄에 모든 지시 사항을 만족하는 데 사용되는 최소의 힘을 출력한다.
알고리즘
- DP
풀이
- 어떤 발을 움직이느냐에 따라 적은 힘을 만들어 낼 수 있는 함수를 따로 만들어 내서 두가지 방향 중에 더 min한 값을 dp에 저장하기
- check 함수
- 명확한 내용들을 if문으로 먼저 처리한 이후 나머지를 걸러내기
- 0에서 시작할 때
- 같은 지점을 다시 누르는 경우
- 반대 지점으로 가는 경우
- 명확한 내용들을 if문으로 먼저 처리한 이후 나머지를 걸러내기
코드
// BOJ - 2342 : Dance Dance Revolution
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int INF = 2147000000;
int n = 0, a[100004], dp[100004][5][5], res;
int check(int from, int to)
{
// 처음에는 2
if (from == 0) return 2;
// 다시누르면 1
if (from == to) return 1;
// 반대일 경우
if (abs(from - to) == 2) return 4;
// 인접할 경우
return 3;
}
int go(int here, int l, int r)
{
if (here == n) return 0;
int& res = dp[here][l][r];
if (res != -1) return res;
int left = go(here + 1, a[here], r) + check(l, a[here]);
int right = go(here + 1, l, a[here]) + check(r, a[here]);
return dp[here][l][r] = min(left, right);
}
int main()
{
ios_base::sync_with_stdio(false);
cin.tie(NULL);
for (int i = 0; ; i++)
{
cin >> a[i];
if (a[i] == 0) break;
n++;
}
memset(dp, -1, sizeof(dp));
cout << go(0, 0, 0) << '\n';
return 0;
}
평가
- 완전탐색으로 가능한지 확인 후 시간복잡도가 너무 크면 DP로 배열에 담아 문제 풀이
- DP는 답이 될 수 없는 값으로 초기화
